CAPÍTULO 9. CIRCUITOS DE CORRIENTE ALTERNA

En este tema estudiamos los circuitos de corriente alterna. En primer lugar, analizamos los circuitos más sencillos: una resistencia, un condensador o una bobina con una fuente alterna sinusoidal. Para considerar situaciones más complejas, usamos el concepto de fasor que es una cantidad compleja. Por ello, previamente hacemos un breve repaso a los números complejos. Mediante el uso de fasores, las resistencias, condensadores e inductores obedecen una ley de Ohm generalizada (con la resistencia sustituida por la impedancia correspondiente). Finalmente, estudiamos los conceptos de potencia activa, reactiva y aparente.

9.1. Resistencias en corriente alterna

Para ver cómo se comporta una resistencia en corriente alterna, consideremos un circuito muy simple formado por un generador de corriente alterna de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt + α0) y una resistencia R, como en la figura 9.1. En el generador, ɛ0 es su fem de pico y ω = 2πf es su frecuencia angular.

Por la regla de Kirchhoff de las mallas, la caída de tensión en la resistencia será igual a la fem del generador, es decir, VR(t) = ɛ(t), de manera que

VR(t)=VR,0sin(ωt+α0),

siendo VR,0 = ɛ0 el valor de pico del voltaje en la resistencia. Por otro lado,

Figura 9.1: Circuito con una fem alterna y una resistencia.

por la ecuación característica de una resistencia (la ley de Ohm) tenemos

IR(t)=VR(t)R=IR,0sin(ωt+α0),

donde la corriente de pico está dada por

IR,0=VR,0R.

Se comprueba entonces que:

▪ Los valores de pico del voltaje y la corriente en una resistencia siguen la ley de Ohm VR,0 = RIR,0.

▪ La corriente IR(t) en una resistencia está en fase con su voltaje VR(t), es decir, ambos tienen la misma dependencia angular (ωt + α0).

Ambas características definen el comportamiento de una resistencia en corriente alterna. Como veremos más adelante, no ocurre algo tan sencillo para los condensadores e inductores.

Potencia instantánea y potencia media disipada por una resistencia

La potencia instantánea PR(t) disipada por la resistencia en forma de calor es

PR(t)=IR(t)VR(t)=IR,0VR,0sin2 (ωt+α0),

que es siempre positiva, pues la resistencia está consumiendo energía (casi) todo el rato.

Sin embargo, para evitar tener una dependencia temporal en la expresión de la potencia, es común referirse a la potencia media disipada en un periodo

T = 1/f = 2π/ω, que se define mediante la integral

PR,m=1T0TPR(t)dt.

Para una resistencia, la potencia media resulta

PR,m=IR,0VR,0T0Tsin2 (ωt+α0)dt=IR,0VR,02.

Valores eficaces

La expresión de la potencia media disipada por una resistencia en corriente alterna sinusoidal, dada por

PR,m=IR,0VR,02,

se puede escribir de manera que se parezca a la fórmula de potencia en corriente continua. Para ello, se definen los valores eficaces de los voltajes y las corrientes.

El valor eficaz de la corriente en la resistencia es

IR,ef=1T0T[IR(t)]2 dt=IR,02,

y el valor eficaz del voltaje en la resistencia es

VR,ef=1T0T[VR(t)]2 dt=VR,02.

Con ellos, la potencia media disipada en una resistencia en un circuito de corriente alterna sinusoidal es

PR,m=IR,efVR,ef.

Obtenemos exactamente la misma forma que en corriente continua. También la ley de Ohm se puede escribir en términos de valores eficaces como VR,ef = IR,ef R, así que la potencia media en una resistencia se puede escribir en cualquiera de las formas de la corriente continua,

PR,m=IR,efVR,ef=VR,ef2R=IR,ef2 R.

En la red eléctrica española, la tensión de pico en los hogares es de unos 311 V y la frecuencia es f = 50 Hz, de manera que la fem instantánea se puede escribir como ɛ = 311 V sin(100π t). La tensión eficaz es ɛef=ɛ0/2=220 V. En las viviendas, los aparatos enchufados directamente a la red están en paralelo, de manera que todos soportan una tensión eficaz de 220 V. Muchos cableados domésticos soportan corrientes máximas del orden de 20 A, dado que una corriente mayor sobrecalentaría los cables. Para evitar este problema, cada circuito está equipado con un interruptor automático o fusible que salta, abriendo el circuito, cuando la corriente supera ese valor máximo. Para tener mayor potencia se suelen instalar varios circuitos, cada uno con su interruptor.

Ejemplo 9.1.1 Consideremos un generador de corriente alterna, con 150 V de fuerza electromotriz de pico y 50 Hz de frecuencia, que está conectado a una resistencia de 5 k. Calculemos el voltaje y corriente de pico así como la potencia media consumida.

Sol. Dado que la fem proporcionada por el generador es

ɛ=ɛ0 sin (ωt)=150 V sin (2π·50·t)=150 V sin (100πt),

el voltaje de pico en la resistencia R = 5 kresulta

VR,0=150 V

y la corriente de pico

IR,0=VR,0R=1505·103=0,03 A.

Finalmente, la potencia media disipada en la resistencia es

PR,m=12VR,0IR,0=12·150·0,03=2,25 W.

9.2. Condensadores en corriente alterna

Veamos cómo se comporta un condensador en corriente alterna sinusoidal. Como ya vimos, cuando se carga un condensador con una batería, la corriente se establece entre las placas del condensador durante un periodo de tiempo muy breve, del orden de 5 RC. Despúes la corriente se va a cero. Si fúesemos capaces en ese momento de cambiar la polaridad de la batería, volvería a aparecer una corriente en sentido opuesto para descargar y luego cargar el condensador de acuerdo con la nueva conexión. Esto es, básicamente, lo que que ocurre en corriente alterna, pues la polaridad del generador va cambiando y la carga fluye sin parar en un sentido y luego en el otro.

Figura 9.2: Circuito con una fem alterna y un condensador.

Para entenderlo, tomemos el circuito simple de la figura 9.2 formado por un generador de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt + α0) y un condensador de capacidad C. Por la regla de Kirchhoff de las mallas, la diferencia de potencial entre las placas del condensador es igual a la fem del generador, es decir, VC(t) = ɛ(t), de manera que

VC(t)=VC,0sin(ωt+α0),

siendo VC,0 = ɛ0 el valor de pico del voltaje. La ecuación característica de un condensador es Q = C VC, o bien IC = C dVC/dt, lo que implica

IC(t)=CdVC(t)dt=ωCVC,0 cos (ωt+α0).

Podemos escribir entonces la corriente entre las placas del condensador en la forma

IC(t)=IC,0 sin (ωt+α0+π/2).

Analicemos el resultado comparando las funciones armónicas VC(t) e IC(t) que hemos obtenido:

▪ Los valores de pico del voltaje y la corriente en un condensador en corriente alterna están relacionados mediante la expresión

VC,0=XCIC,0

▪ donde la cantidad

XC=1ωC                  (9.1)

▪ se llama reactancia capacitiva. La relación entre valores eficaces VC,ef=VC,0/2,IC,ef=IC,0/2 es la misma, es decir,

VC,ef=XCIC,ef.

La reactancia capacitiva juega aquí un papel similar a la resistencia, y tiene unidades de resistencia, pues es el cociente entre el voltaje de pico y la corriente de pico. Pero tiene una diferencia fundamental respecto a ella, que es la dependencia con la frecuencia. Cuando la frecuencia es muy grande, XC tiende a cero, lo que implica que el condensador apenas ofrece oposición al paso de la corriente. En contraste, cuando la frecuencia tiende a cero (el límite de corriente continua), la reactancia capacitiva se hace infinita y no hay corriente, que era lo que pasaba en el régimen estacionario de corriente continua.

▪ A diferencia de lo que ocurre en una resistencia, el voltaje y la corriente en un condensador están desfasados en un ángulo de π/2 rad. Esto se debe a que lo que es proporcional al voltaje no es la corriente, sino la carga del condensador, y cuando el voltaje es máximo la carga lo es, por lo que la corriente es nula. Como vemos en las expresiones anteriores de VC(t) e IC(t), la corriente tiene un sumando +π/2 extra en la fase, y por eso se dice que, en un condensador en corriente alterna, la corriente está adelantada al voltaje en +π/2.

Potencia instantánea y potencia media en un condensador

La potencia instantánea PC (t) que consume un condensador en corriente alterna es

PC(t)=IC(t)VC(t)=IC,0VC,0 sin (ωt+α0) cos (ωt+α0)=IC,0VC,02 sin (2ωt+2α0),

es decir, alcanza valores positivos y negativos. En los instantes de valores positivos de la potencia, el condensador está tomando energía del generador para cargarse pero, en los instantes de valores negativos, el condensador devuelve energía al generador. Esto explica que la potencia media sea nula,

PC,m=1T0TPC(t)dt=0,

lo que implica que, en promedio, el condensador no usa energía del generador en corriente alterna.

Ejemplo 9.2.1 Volvamos a tomar el generador de corriente alterna del ejemplo 9.1.1, pero conectémoslo ahora a un condensador de capacidad C = 50 nF. Calculemos el voltaje y corriente de pico así como la potencia media consumida.

Sol. El voltaje de pico en el condensador es

VC,0=150 V.

Para calcular la corriente de pico, es necesaria la reactancia capacitiva

XC=1ωC=12π·50·50·1096,36·104 Ω.

Con ella, tenemos

IC,0=VC,0XC1506,36·1062,36 mA.

La potencia media consumida por el condensador es PC,m = 0.

9.3. Inductores en corriente alterna

Vamos ahora a examinar el comportamiento de los inductores o bobinas en corriente alterna. Para ello, consideremos un generador de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt + α0) conectado a una bobina de autoinductancia L, como en la figura 9.3.

Figura 9.3: Circuito con una fem alterna y un inductor.

Como no hay nada más conectado entre ellos, la caída de tensión en la bobina es igual a la fem del generador, VL(t) = ɛ(t), de modo que

VL(t)=VL,0sin(ωt+α0),

siendo VL,0 = ɛ0 el valor de pico del voltaje. La ecuación característica del inductor viene de la ley de Faraday, VL(t) = L dIL/dt. Integrando para obtener la corriente, encontramos

IL(t)=1LVL(t)dt=1ωLVL,0cos(ωt+α0).

que podemos escribir como

IL(t)=IL,0sin(ωt+α0π/2).

Comparamos VL(t) e IL(t):

▪ Los valores de pico del voltaje y la corriente en una bobina en corriente alterna están relacionados mediante la expresión

VL,0=XLIL,0

donde la cantidad

XL=ωL                  (9.2)

▪ se llama reactancia inductiva. También se cumple VL,ef = XL IL,ef. La reactancia inductiva aparece de nuevo como una resistencia y tiene unidades de resistencia, pues es el cociente entre el voltaje de pico y la corriente de pico, pero depende de la frecuencia. Cuando la frecuencia es muy grande, XL tiende a infinito y la bobina se comporta como un circuito abierto. Cuando la frecuencia tiende a cero (límite de corriente continua), la reactancia inductiva se hace nula y la bobina se comporta como un cortocircuito.

▪ El voltaje y la corriente en un inductor están desfasados en π/2 rad. La corriente tiene un sumando −π/2 extra en la fase, y por eso se dice que, en un inductor en corriente alterna, la corriente está retrasada respecto al voltaje en −π/2.

Potencia instantánea y potencia media en un inductor

La potencia instantánea PL(t) que consume una bobina en corriente alterna es

PL(t)=IL(t)VL(t)=IL,0VL,0 sin (ωt+α0) cos (ωt+α0)=IL,0VL,02 sin (2ωt+2α0),

y alcanza valores positivos y negativos. En los instantes de valores positivos de la potencia, el inductor toma energía del generador, y en los instantes de valores negativos, el inductor devuelve energía al generador. Como en el caso del condensador, la potencia media se anula,

PL,m=1T0TPL(t) dt=0,

lo que implica que, en promedio, el inductor no usa energía del generador en corriente alterna.

Ejemplo 9.3.1 Volvamos a tomar el generador de corriente alterna del ejemplo 9.1.1, pero conectémoslo ahora a una bobina de autoinductancia L = 50 mH. Calculemos el voltaje y corriente de pico así como la potencia media consumida.

Sol. El voltaje de pico en el inductor es

VL,0=170 V.

Con la reactancia inductiva

XL=ωL=2π505010315,7 Ω

obtenemos la corriente de pico como

IL,0=VL,0XL15015,79,55 A.

La potencia media consumida por la bobina es PL,m = 0.

9.4. Números complejos

Debido a que, como hemos visto, los voltajes y las corrientes en condensadores e inductores están desfasados en corriente alterna, es muy útil estudiar este tipo de circuitos mediante una técnica que se basa en el uso de números complejos.

Un número complejo z es un par de números reales x e y escritos en la forma

z=x+iy,

donde i=1 es la llamada unidad imaginaria, tal que i2 = −1. Se dice que x es la parte real de z e y es la parte imaginaria de z, y se escriben x = Re(z), y = Im(z).

Operaciones básicas con números complejos

Las operaciones más comunes con números complejos son:

▪ Para sumar o restar dos números complejos z1 = x1 +iy1, z2 = x2 +iy2, se suman o restan sus partes real e imaginaria por separado,

z1±z2=(x1±x2)+i(y1±y2).

▪ Para multiplicar dos números complejos z1 = x1 + iy1, z2 = x2 + iy2, se multiplica cada factor usando que i2 = −1,

z1z2=(x1+iy1)(x2+iy2)=(x1x2y1y2)+i(x1y2+x2y1).

▪ Se define el conjugado del número complejo z = x + iy como el número complejo z = xiy, obtenido con la misma parte real que z pero opuesta parte imaginaria. Se puede comprobar entonces que z + z = 2Re(z), zz = 2iIm(z).

▪ El producto de un número complejo z = x + iy por su conjugado es un número real positivo,

zz*=x2+y2,

tal que su raíz cuadrada (con signo positivo) se llama módulo |z| del número complejo z,

|z|=+zz*=+x2+y2.

▪ Dados dos números complejos z1 = x1 + iy1, z2 = x2 + iy2, con z2 ≠ 0, el cociente se puede calcular como

z1z2=z1z2*z2z2*=(x1x2+y1y2)+i(x1y2+x2y1)x22+y22.

Forma polar de un número complejo

La expresión de un número complejo como una pareja (x, y) de números reales recuerda la representación de un punto en un plano XY. Para este caso, este plano se llama plano de Argand y en él el eje X se llama eje real y el eje Y se llama eje imaginario. En la figura 9.4 podemos ver que la distancia al origen r es el módulo del número complejo z, es decir, r = |z|.

Figura 9.4: Representación del número complejo z = x + iy en el plano de Argand. El módulo de z es r y su argumento φ.

Según la figura 9.4, podemos escribir el número complejo z = x + iy como

z=x+iy=r cos ϕ+irsin ϕ=|z|(cos ϕ+isin ϕ).

Esta última expresión se llama la forma polar del número complejo. El ángulo φ con el eje real positivo se llama argumento del número complejo z, arg(z), y, mediante trigonometría básica, se puede calcular como

arg(z)=ϕ=arctan(yx)=arctan(Im(z)Re(z)),

cuyo valor principal es aquel valor φ que satisface −π < φπ.

Hagamos ahora uso de una igualdad muy importante al estudiar números complejos, que es la identidad de Euler. Dice que, si φ es un número real, entonces la exponencial de cumple

eiϕ=cos ϕ+i sin ϕ.

Combinando esta identidad con la igualdad z = |z|(cos φ + i sin φ), llegamos a que podemos representar cualquier número complejo z en forma polar como

z=|z|eiϕ,

siendo |z| su módulo y φ su argumento.

9.5. Fasores, impedancias y ley de Ohm genaralizada

Los circuitos de corriente alterna con componentes reactivos (es decir, con reactancia), como se conocen colectivamente a los condensadores e inductores, son más complicados que los circuitos resistivos (es decir, con resistencia). Esto se debe a que los circuitos reactivos tienen un comportamiento que depende de la frecuencia y, además, las señales se adelantan o retrasan unas de otras, impidiendo que se siga una ley proporcional.

Consideremos circuitos de corriente alterna con un sólo generador de frecuencia angular ω. Vamos a ver cómo, mediante los números complejos y la representación en fasores de voltajes y corrientes alternas, se puede generalizar la ley de Ohm y usarla tanto para componentes reactivos como para componentes resistivos, reemplazando la palabra resistencia por la palabra impedancia.

La representación en fasores se basa en las siguientes reglas:

▪ Asociamos a cada voltaje o corriente un número complejo definido mediante el valor de pico y la fase inicial, eliminando la frecuencia angular ω. Por ejemplo,

V(t)=V0 sin (ωt+α0)V^=V0eiα0.

Estos números complejos que representan voltajes o corrientes se llaman fasores.

▪ Para volver a la forma sinusoidal del voltaje o la corriente, se multiplica el fasor por eiωt y se toma la parte imaginaria del resultado. Por ejemplo,

V^=V0eiα0V(t)=Im(V^eiωt)=Im(V0ei(ωt+α0))=V0 sin (ωt+α0).

Impedancia y ley de Ohm generalizada

El uso de fasores permite generalizar la ley de Ohm a circuitos de corriente alterna que contienen resistencias, condensadores e inductores. Veamos cada elemento en fasores.

▪ En el apartado dedicado a las resistencias, habíamos estudiado el circuito de la figura 9.1 formado por un generador de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt) (tomamos α0 = 0 eligiendo el origen de tiempos de forma conveniente) y una resistencia R. El resultado para el voltaje en la resistencia era

VR(t)=VR,0 sin (ωt),

con VR,0 = E0, y para la corriente

IR(t)=IR,0 sin (ωt),

con IR,0 = VR,0/R. Los fasores correspondientes a ambas cantidades son

V^R=VR,0,I^R=IR,0=VR,0R.

El cociente entre el fasor voltaje y el fasor corriente se llama impedancia Z del elemento. Así, la impedancia resistiva es, simplemente, la propia resistencia

ZR=R,                  (9.3)

y la resistencia sigue la ley de Ohm generalizada

V^R=ZRI^R.

▪ Pasemos al caso de los condensadores. Teníamos el circuito de la figura 9.2 con un generador de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt) y un condensador de capacidad C. El voltaje en el condensador resultaba

VC(t)=VC,0 sin (ωt),

con VC,0 = ɛ0, y la corriente

IC(t)=IC,0 sin (ωt+π/2),

con IC,0 = VC,0/XC, donde la reactancia capacitiva estaba dada por XC = 1/(ωC). Con estos datos, el fasor voltaje es

V^C=VC,0

y el fasor corriente

I^C=IC,0eiπ/2=VC,0XCeiπ/2.

En consecuencia, la impedancia capacitiva resulta

ZC=V^CI^C=XCeiπ/2=iXC=iωC,                  (9.4)

por lo que el condensador sigue la ley de Ohm generalizada

V^C=ZCI^C.

▪ Terminamos con el caso de una bobina. En el circuito de la figura 9.3 con un generador de fem ɛ(t) = ɛ0 sin (ωt) y una bobina de autoinductancia L, el voltaje en el inductor era

VL(t)=VL,0 sin (ωt),

con VL,0 = ɛ0, y la corriente era

IL(t)=IL,0 sin (ωtπ/2),

con IL,0 = VL,0/XL y la reactancia inductiva dada por XL = ωL. En el formalismo de fasores, el fasor voltaje es

V^L=VL,0

y el fasor corriente es

I^L=IL,0eiπ/2=VL,0XLeiπ/2.

Se obtiene que la impedancia inductiva es

ZL=V^LI^L=XLeiπ/2=iXL=iωL                  (9.5)

y la bobina sigue la ley de Ohm generalizada

V^L=ZLI^L.

En conclusión, la relación entre los fasores de corriente y voltaje se puede expresar mediante una sola ley, que es la ley de Ohm generalizada

V^=ZI^.                  (9.6)

Además, la impedancia Z de varios elementos conectados en serie o en paralelo obedece las mismas reglas que las asociaciones de resistencias, teniendo en cuenta que se opera ahora con números complejos, y podemos analizar los circuitos de corriente alterna con los mismos métodos aprendidos para los circuitos de corriente continua pero aplicados a los fasores: leyes de Kirchhoff, divisor de voltaje, equivalente de Thévenin o de Norton, etc.

Ejemplo 9.5.1 Consideremos la asociación en serie de una resistencia de 1 ky una bobina L = 2 H en un circuito con una frecuencia de 50 Hz. Calculemos la impedancia equivalente.

Sol. Las impedancias de la resistencia y la bobina son

ZR=R=103 ΩZC=iωL=i 2π·50·2=100π i Ω.

Como están en serie, la impedancia equivalente, en forma binomial, es

Z=ZR+ZC=(1000+100π i) Ω.

Para la forma polar, hay que calcular el módulo y argumento de Z,

|Z|=10002+(100π)21048 Ω,ϕ=arctan (100π1000)0,304 rad.

Con esto,

Z=|Z|eiϕ(1048 e0,304 i) Ω.

9.6. Potencias activa, reactiva y aparente

Hemos calculado ya las potencias instantáneas y medias consumidas por elementos tales como resistencias, condensadores y bobinas. Queremos calcular también la potencia media que proporciona un generador de corriente alterna cuando está conectado a varios elementos. En relación con ello, se suele generalizar el concepto de potencia media en corriente alterna definiendo también potencias reactivas y aparentes.

Potencia media o activa de un elemento

Se define la potencia media o potencia activa proporcionada por un generador o consumida por un elemento con impedancia como

Pm=I0V02cosϕ=IefVefcosϕ,

donde φ es la fase de la impedancia del elemento y el resto de magnitudes se refieren al elemento. En particular:

▪ Para una resistencia, ZR = R, por lo que φ = 0. De aquí, la potencia activa disipada por una resistencia es

PR,m=IR,0VR,02=IR,efVR,ef.

▪ Para un condensador, ZC = −i/ωC, por lo que φ = −π/2 y se tiene

PC,m=IC,0VC,02cos(π2)=0.

▪ Para un inductor, ZL = iωL, por lo que φ = π/2 y

PL,m=IL,0VL,02cos(π2)=0.

▪ Para calcular la potencia activa proporcionada por un generador de fem ɛ por el que pasa una corriente alterna sinusoidal I, se necesita el valor de la impedancia total o equivalente Z del circuito respecto del generador. Una vez calculada, se determina su fase φ y resulta

Pɛ,m=I0ɛ02 cos ϕ=Iefɛef cos ϕ.

Potencia reactiva de un elemento

Se define la potencia reactiva Pr de un elemento como

Pr=I0V02 sin ϕ=IefVef sin ϕ,

donde, de nuevo, ϕ es la fase de la impedancia del elemento y el resto de magnitudes se refieren al elemento en cuestión. En particular:

▪ Para una resistencia, ϕ = 0 y

PR,r=IR,0VR,02 sin 0=0.

▪ Para un condensador, ϕ = −π/2 y

PC,r=IC,0VC,02 sin (π2)=IC,0VC,02=IC,efVC,ef.

▪ Para un inductor, ϕ = π/2 y

PL,r=IL,0VL,02 sin (π2)=IL,0VL,02=IL,efVL,ef.

▪ Para un generador que alimenta un circuito con impedancia total Z y fase ϕ,

Pɛ,r=I0ɛ02 sin ϕ=Iefɛef sin ϕ.

Potencia aparente de un elemento

Se define la potencia aparente Pa de un elemento como

Pα=Pm2+Pr2=I0V02=IefVef.

Así:

▪ Para una resistencia,

PR,α=IR,0VR,02=IR,efVR,ef.

▪ Para un condensador,

PC,a=IC,0VC,02=IC,efVC,ef.

▪ Para un inductor,

PL,a=IL,0VL,02=IL,efVL,ef.

▪ Para un generador,

Pɛ,a=I0ɛ0n=Iefɛef.

Factor de potencia

Relacionado con las potencias que hemos definido está el llamado factor de potencia, que es el cociente entre la potencia activa o media y la potencia aparente:

Factor de potencia=PmPa=cosϕ.

El factor de potencia varía entre 0 para circuitos reactivos (que sólo tienen condensadores e inductores) y 1 para circuitos resistivos (sólo con resistencias). Las compañías eléctricas cobran a los hogares en función de la potencia media que gastan, pero a veces tienen en cuenta el factor de potencia para las industrias. Esto es porque los componentes reactivos, esencialmente bobinas, hacen que no se transmita toda la potencia a la carga, ya que almacenan la energía. El factor de potencia se puede mejorar, es decir, aumentar, colocando en los circuitos condensadores si la impedancia es inductiva (el caso más usual) y bobinas si es capacitiva.

9.7. Tabla resumen

Fórmula/magnitud

Definición

Ecuación

V0 = X I0

V0

I0

X

Ley para los valores de pico

Voltaje de pico

Corriente de pico

Reactancia

 

XR = R

Resistencia

 

XC=1ωC

Reactancia capacitiva del condensador

(9.1)

ω

Frecuencia de la fuente

C

Capacidad del condensador

XL = ωL

Reactancia inductiva de la bobina

(9.2)

L

Autoinducción

V^=ZI^

V^

Z

I^

Ley de Ohm generalizada

Fasor del voltaje

Impedancia

Fasor de corriente

(9.6)

ZR = R

Impedancia resistiva

(9.3)

ZC=iωC

Impedancia capacitiva

(9.4)

ZL = iωL

Impedancia inductiva

(9.5)

9.8. Problemas resueltos

1. Calcula el voltaje y corriente de pico así como la potencia media consumida por un generador, de 120 V de fem de pico y 60 Hz de frecuencia, cuando se conecta a:

a) Una resistencia de 5kΩ.

b) Un condensador de 10 pF.

c) Una bobina de 20 mH.

Sol. La fem proporcionada por el generador es

ɛ=ɛ0 sin (ωt)=120 sin (2π60t)=120 V sin (120πt).

a) Si se conecta a una resistencia R = 5 kΩ, el voltaje de pico en la resistencia será

VR,0=120 V

y la corriente de pico

IR,0=VR,0R=1205·103=24 mA.

La potencia media disipada en la resistencia es

PR,m=12VR,0IR,0=12·120·24·103=2,88 W.

b) Si el generador se conecta a un condensador C = 10 pF, el voltaje de pico en el condensador será

VC,0=120 V.

Para calcular la corriente de pico, es necesaria la reactancia capacitiva:

XC=1ωC=12π·60·10·10122,65·108 Ω

Con ella,

IC,0=VC,0XC1202,65·1084,52·107 A.

La potencia media consumida por el condensador es PC,m = 0.

c) Si se conecta a un inductor L = 20 · 10−3 H, el voltaje de pico en el inductor será

VL,0=120 V.

La reactancia inductiva es

XL=ωL=2π·60·20·1037,54 Ω

y la corriente de pico resulta

IL,0=VL,0XL1207,5415,9 A.

La potencia media consumida por la bobina es PL,m = 0.

2. Un generador de corriente alterna de 50 Hz de frecuencia está conectado a una asociación en serie de una resistencia R = 3 kΩ y un condensador C = 15 µF. Calcula la impedancia equivalente y expresa el resultado en forma de binomio y en forma polar.

Sol. Las impedancias de la resistencia y el condensador son

ZR=R=3·103 Ω.ZC=iωC=i2π·50·15·106212i Ω.

Como la resistencia y el condensador están en serie, la impedancia equivalente es

Z=ZR+ZC(3000212i) Ω.

Esta es la forma binomial de Z. Para la forma polar, hay que calcular el módulo y argumento de Z:

|Z|=30002+(212)23007 Ω,ϕ=arctan(2123000)0,0705 rad.

Con esto, la impedancia resulta

Z=|Z|eiϕ(3007 e0,0705 i) Ω

3. Una resistencia R = 3 kΩ y un inductor L = 2,4 H están conecados en paralelo en un circuito de corriente alterna con 50 Hz de frecuencia. Calcula la impedancia equivalente en forma de binomio y en forma polar.

Sol. Las impedancias de la resistencia y el inductor son

ZR=R=3·103 Ω,ZL=iωL=i·2π·50·2,4=240π i  Ω.

La impedancia equivalente cumple

1Z=1ZR+1ZL=13000+1240π i=13000i240π3,33·1041,33·103 i.

Para obtener Z, se ha de invertir el resultado anterior,

Z13,33·1041,33·103 i=3,33·104+1,33·103 i(3,33·104)2+(1,33·103)2(178+709 i) Ω,

donde hemos multiplicado, arriba y abajo, por el conjugado del denominador para pasar por la segunda igualdad. Para la forma polar, calculamos el módulo y argumento de Z,

|Z|1782+7092731 Ω,ϕ=arctan(709178)1,32 rad.

Con esto,

Z=|Z|eiϕ(731 e1,32 i) Ω.

4. Calcula la corriente instantánea y la potencia instantánea proporcionada por el generador de un circuito formado por un generador eléctrico, de 120 V de fem de pico y 50 Hz de frecuencia, conectado a un condensador de 5 µF.

Sol. Con los datos del problema. la fem del generador es

ɛ(t)=ɛ0 sin (ωt)=120 V sin (100πt).

Pasamos el circuito a fasores e impedancias. El fasor de la fem del generador es

ɛ^=ɛ0ei.0=120 V

y la impedancia del condensador es

ZC=iωC=i100π·5·106637 i Ω.

Ahora, podemos resolver el circuito como si fuera de corriente continua con resistencias. El fasor corriente en el circuito es, por la ley de Ohm generalizada,

I^=ɛ^ZC120637 i=120637 ei π/2(0,188 ei π/2) A,

donde se ha usado que

i=eiπ/2.

Una vez encontrada la solución al circuito de fasores, pasamos el resultado de nuevo a valores de corriente alterna:

I^(0,188 ei π/2) AI(t)0,188 A sin (100πt+π2)=0,188 A cos (120πt).

La potencia instantánea proporcionada por el generador es

P(t)=I(t)ɛ(t)0,188 A cos (120πt)·120 V sin (100πt)22,6 W sin (100πt) cos (100πt)=11,3 W sin (200πt).

En la última igualdad, se ha usado que

sin (2α)=2 sin αcos α

para cualquier número α.

5. Calcula la corriente instantánea y la potencia instantánea proporcionada por el generador de un circuito formado por un generador eléctrico, de 120 V de fem de pico y 50 Hz de frecuencia, conectado a un inductor de 5 H.

Sol. La fem del generador es

ɛ(t)=ɛ0 sin (ωt)=120 V sin (100πt).

Pasamos el circuito a fasores e impedancias. El fasor de la fem del generador es

ɛ^=ɛ0=120 V

y la impedancia del inductor es

ZL=i ωL=i·100π·5=500π i Ω.

Ahora, mediante la ley de Ohm generalizada, el fasor corriente en el circuito es

I^=ɛ^ZL=120500π i=120500π ei π/2(0,0764 ei π/2) A,

donde se ha usado que

i=ei π/2.

Pasamos el resultado de nuevo a valores de corriente alterna:

I^(0,0764 eiπ/2) AI(t)0,0764 A sin (100πtπ2)=0,0764 A cos (100πt).

La potencia instantánea proporcionada por el generador es

P(t)=I(t)ɛ(t)=0,0764 A cos (100πt)·120 V sin (100πt)9,17 W sin (100πt) cos (100πt)4,58 W sin (200πt).

Así, a modo de ejemplo, en el instante t1 = 0,007 s, la potencia proporcionada por el generador es

P14,58 W sin (200π·0,007)1,42 W,

mientras que en el instante t2 = 0,009 s resulta

P24,58 W sin (200π·0,009)3,71 W.

6. Calcula la corriente y el voltaje de pico en cada elemento de un circuito RC en serie. Ten en cuenta que el que generador tiene una fem de pico de 311 V con una frecuencia de 50 Hz, el condensador tiene una capacidad de 75 µF y la resistencia es de 300 Ω.

Sol. Las impedancias de la resistencia y el condensador son:

ZR=R=300 Ω,ZC=iωC=i2π·50·75·10642,4 i Ω.

La impedancia equivalente en serie es

Z=ZR+ZC(30042,4i) Ω.

El ejercicio nos pide valores de pico. Para calcularlos, no hace falta obtener los fasores. Basta con usar valores de pico y módulos de impedancias. Por ejemplo, el valor de pico de la corriente en el circuito es

I0=ɛ0|Z|3113002+(42,4)21,03 A.

Los valores de pico de los voltajes en la resistencia y el condensador son, por la ley de Ohm generalizada,

VR0=I0|ZR|1,03·300308 V,VC0=I0|ZC|1,03·42,443,5 V.

7. Calcula la corriente y el voltaje instantáneos en cada elemento de un circuito RL en paralelo. Ten en cuenta qu el generador tiene una fem de pico de 311 V y una frecuencia de 50 Hz, la bobina tiene una auto-inductancia de 2 H y la resistencia es de 500 Ω.

Sol. Las impedancias son:

ZR=R=500 Ω.ZL=iωL=i·2π·50·2=200π i Ω.

La impedancia equivalente en paralelo cumple

1Z=1ZR+1ZC=1500+1200π i=1500i200π2·1031,59·103 i.

Invirtiendo el resultado anterior,

Z121031,59103 i=2103+1,59103 i(2103)2+(1,59103)2(306+244 i) Ω.

En forma polar, dado que

|Z|3062+2442391 Ω,ϕ=arctan(244306)0,673 rad,

tenemos

Z(391 e0,673 i) Ω.

La fem instantánea proporcionada por el generador es la misma que el voltaje de la resistencia y el inductor, pues todos los elementos están en paralelo:

ɛ(t)=VR(t)=VL(t)=ɛ0 sin (ωt)=311 V sin (100πt).

Dado que el ejercicio nos pide valores instantáneos, hemos de usar fasores. El fasor de los voltajes en el generador, resistencia y bobina es

ɛ^=V^R=V^L=311 V.

A partir de aquí y del valor de las impedancias, los fasores de las corrientes en el generador, la resistencia y la bobina son

I^=ɛ^Z311391 e0,673 i(0,795 e0,673 i) A,I^R=V^RZR=311500=0,622  A,I^L=V^LZL=311200πi(0,469 eiπ/2) A.

Sólo resta pasar estos fasores a señales alternas:

I(t)0,795 A sin (100πt0,673),IR(t)0,622 A sin (100πt),IL(t)0,4695 A sin (100πtπ/2).

8. Un generador de corriente alterna, de 220 V de fem eficaz y 50 Hz de frecuencia, está conectado a una red de impedancia equivalente igual (150 + 200 i) Ω. Calcula la corriente instantánea a través del generador así como las potencias media, reactiva y aparente proporcionadas por el generador.

Sol. Como fem de pico del generador es

ɛef=ɛ02ɛ0=2ɛef=2·220311 V,

la fem instantánea resulta

ɛ(t)=ɛ0 sin (ωt)311 V sin (100πt).

Por otro lado, el módulo y argumento de la impedancia equivalente son

|Z|=(150)2+(200)2=250 Ω,ϕ=arctan(200150)0,644 rad.

Así, en forma polar, la impedancia Z es

Z=(250 e0,644 i) Ω.

Para calcular la corriente instantánea a través del generador, utilizamos fasores. El fasor de la fem es

ɛ^=ɛ0311 V.

El fasor de la corriente total, por la ley de Ohm generalizada, es

I^=ɛ^Z311250 e0,644 i(1,24 e0,644 i) A.

La corriente instantánea resulta

I(t)1,24 A sin (100πt0,644).

Las potencias media, reactiva y aparente proporcionadas por el generador son

Pm=12ɛ0I0 cos  ϕ12·311·1,24·cos 0,644308 W,Pr=12ɛ0I0 sin  ϕ=12·311·1,24· sin  0,644232 W,Pa=12ɛ0I012·311·1,24=386 W.

9. El generador de un circuito de corriente alterna proporciona unas potencias reactiva y aparente de 50 W y 100 W, respectivamente. Además, la parte imaginaria (reactiva) de la impedancia equivalente del circuito es 500 Ω. Calcula:

a) El factor de potencia del circuito.

b) La potencia media proporcionada por el generador.

c) La parte real (resistiva) de la impedancia total.

Sol.

a) Las potencias reactiva y aparente, que son datos del ejercicio, se pueden escribir como

Pr=12ɛ0I0 sin  ϕ,Pa=12ɛ0I0.

Dividiendo ambas ecuaciones,

 sin  ϕ=PrPa=50100=12.

De aquí, el factor de potencia es

cos ϕ=1sin2 ϕ=114=320,866.

Nótese que tomamos sólo la solución en que cos ϕ es positivo. Ha de serlo porque la potencia media lo es.

b) La potencia media o activa se puede escribir como

Pm=12ɛ0I0cos ϕ=Pacos ϕ=100·3286,6 W.

c) Las partes resistiva (real) y reactiva (imaginaria) de la impedancia total se pueden obtener a partir de la forma polar de la impedancia,

Z=|Z|eiϕ=|Z|(cos ϕ+i sin  ϕ),

de donde

Re(Z)=|Z|cosϕ,Im(Z)=|Z| sin ϕ.

Despejando |Z| de la segunda ecuación y sustituyendo el resultado en la primera,

Re(Z)=|Z|cos ϕ=Im(Z)cos ϕ sin  ϕ=5003/21/2866 Ω.

10. Tenemos un circuito formado por una fuente de corriente alterna, de fem eficaz igual a 220 V y frecuencia 50 Hz, en serie con una resistencia de 100 Ω, un condensador de 10µF de capacidad y una bobina de 0,5 H. Calcula la potencia activa, reactiva, aparente y el factor de potencia suministraos por la fuente. Además, determina qúe elemento debemos conectar en serie con el resto para hacer el factor de potencia igual a 1.

Sol. Se trata de un circuito RCL en serie. Las impedancias de los elementos son

ZR=R=100 Ω,ZR=iωC=i2π5010106318 iΩ,ZL=i ωL=i2π500,5157 iΩ.

La impedancia equivalente es

Z=ZR+ZC+ZL100318 i+157 i(100161 i) Ω.

El módulo y argumento de Z son

|Z|1002+(161)2190 Ω.ϕarctan(161100)=1,01 rad.

Con esto,

Z=|Z|eiϕ(190 e1,01 i) Ω.

La corriente efectiva a través del generador puede obtenerse con la ley de Ohm generalizada,

Ief=ɛef|Z|2201901,16 A.

Con todo lo anterior, ya podemos calcular las potencias proporcionadas por el generador:

Pm=ɛefIefcos ϕ220·1,16·cos(1,01)135 W,Pr=ɛefIef sin  ϕ=220·1,16· sin (1,01)216 W,Pa=ɛefIef220·1,16255 W.

El factor de potencia resulta

cos ϕcos(1,01)0,532.

Dado que Z ≃ (100 − 161 i) Ω, para mejorar el factor de potencia (hacerlo igual o cercano a 1), se puede colocar, en serie con el resto de elementos, un dispositivo con una impedancia igual a

Z161 i Ω.

Dado que la impedancia es imaginaria pura y su parte imaginaria es positiva, este dispositivo es un inductor con una autoinductancia dada por

Z=i ωLL=Zi ω161 ii 100π0,481 H.